Oh, che bello! Non avevo mai visto questa dimostrazione, né ero conoscenza del risultato (perché in topologia algebrica da noi si fa omologia singolare, celluare, coomologia ecc., mentre per i gruppi di omotopia c'è algebra omotopica che devo ancora seguire).
Comunque, ho guardato un attimo l'Hatcher e mi sembra che si complichi la vita anche lui (mai quanto fai tu!
). Mi sembra che l'argomento sia puramente formale: è una facile applicazione dell'argomento di Eckmann - Hilton ed è di sapore squisitamente categoriale!
Ti racconto l'argomento di Eckmann - Hilton. Supponi che su \( \displaystyle X \) siano assegnate due operazioni \( \displaystyle \cdot \) , \( \displaystyle * \) , entrambe unitarie con la stessa unità \( \displaystyle 1 \) e soddisfacenti \( \displaystyle (a \cdot b) * (c \cdot d) = (a * c) \cdot (b * d) \) . Allora le due operazioni coincidono ed inoltre sono abeliane. Infatti, scegliendo \( \displaystyle a = d = 1 \) ottieni \( \displaystyle b * c = c \cdot b \) , scegliendo \( \displaystyle b = c = 1 \) ottieni \( \displaystyle a * d = a \cdot d \) , quindi mettendo insieme le due cose: \( \displaystyle x * y = y \cdot x = y * x = x \cdot y \) (per il sapore categoriale, prova a guardare
qui).
Nel tuo caso cosa succede: se \( \displaystyle n > 1 \) , la somma di \( \displaystyle f,g \colon I^n \to X \) è definita
\( \displaystyle (f+g)(x_1,\ldots,x_n) = \begin{cases} f(2x_1,x_2,\ldots,x_n) & 0 \le x_1 \le \frac{1}{2} \\ f(2x_1 - 1,x_2,\ldots,x_n) & \frac{1}{2} \le x_1 \le 1 \end{cases} \)
Definisci simpaticamente
\( \displaystyle (f\oplus g)(x_1,\ldots,x_n) := \begin{cases} f(x_1, 2x_2,\ldots,x_n) & 0 \le x_2 \le \frac{1}{2} \\ f(x_1, 2x_2 - 1,\ldots, x_n) & \frac{1}{2} \le x_2 \le 1 \end{cases} \)
Queste due operazioni passano modulo omotopia e chiaramente sono unitarie e l'unità è ovviamente la stessa. Per ottenere la nostra tesi, basta mostrare che la relazione \( \displaystyle (f+g) \oplus (h + k) \simeq (f\oplus h) + (g \oplus k) \) è verificata, dove \( \displaystyle \simeq \) significa che i due membri sono omotopi. Ora, il bello è che vale addirittura senza chiedere l'omotopia, mi pare! Eh sì, perché: (geometricamente è ovvio!!! fai un disegno e solo dopo guarda ai conti!
)
\( \displaystyle [(f+g) \oplus (h+k)](x_1,\ldots,x_n) = \begin{cases} (f+g)(x_1,2x_2,\ldots,x_n) & 0 \le x_2 \le \frac{1}{2} \\ (h+k)(x_1,2x_2 -1,\ldots,x_n) & \frac{1}{2} \le x_2 \le 1 \end{cases} = \)
\( \displaystyle = \begin{cases} f(2x_1,2x_2,\ldots,x_n) & 0 \le x_1,x_2 \le \frac{1}{2} \\ g(2x_1-1,2x_2,\ldots,x_n) & \frac{1}{2} \le x_1 \le 1, 0 \le x_2 \le \frac{1}{2} \\ h(2x_1,2x_2 - 1, \ldots,x_n) & 0 \le x_1 \le \frac{1}{2}, \frac{1}{2} \le x_2 \le 1 \\ k(2x_1-1,2x_2-1,\ldots,x_n) & \frac{1}{2} \le x_1, 0 \le x_2 \le 1 \end{cases} \)
Mentre
\( \displaystyle [(f \oplus h) + (g \oplus k)](x_1,\ldots,x_n) = \begin{cases} (f \oplus h)(2x_1,x_2,\ldots,x_n) & 0 \le x_1 \le \frac{1}{2} \\ (g \oplus k)(2x_1 - 1,x_2,\ldots,x_n) & \frac{1}{2} \le x_1 \le 1 \end{cases} = \)
\( \displaystyle = \begin{cases} f(2x_1,2x_2,\ldots,x_n) & 0 \le x_1,x_2 \le \frac{1}{2} \\ h(2x_1,2x_2 - 1, \ldots,x_n) & 0 \le x_1 \le \frac{1}{2}, \frac{1}{2} \le x_2 \le 1 \\ g(2x_1-1,2x_2,\ldots,x_n) & \frac{1}{2} \le x_1 \le 1, 0 \le x_2 \le \frac{1}{2} \\ k(2x_1-1,2x_2-1,\ldots,x_n) & \frac{1}{2} \le x_1, 0 \le x_2 \le 1 \end{cases} \)
e le due funzioni sono ovviamente la stessa. Quindi per Eckmann-Hilton segue
at once che \( \displaystyle f + g \simeq f \oplus g \simeq g + f \) !
Non serve proprio introdurre quella funzione che vuoi tu!
(il potere dell'algebra! ahahahahah!)
Nota. Ho detto che non serve l'omotopia per quella particolare uguaglianza. Tuttavia è falso che \( \displaystyle f + g = g + f \) . Perché? Perché senza omotopia, quelle operazioni non hanno elemento neutro, mentre quando passiamo modulo omotopia ovviamente lo guadagniamo.
Nota 2. Un'altra applicazione facile in maniera imbarazzante di Eckmann - Hilton è che il primo gruppo fondamentale di un gruppo topologico è abeliano! Conosci questo fatto? Se sì, conosci la dimostrazione stile Eckmann - Hilton? Se la risposta è no, prova a farlo, è bello per vedere la potenza dell'algebra! XD
I believe in the axiom of choice, and in particular that every proper ideal in a ring is contained in a maximal ideal!