da francicko » 07/02/2018, 09:14
Il limite può essere scritto come :
$lim_(x->0)(1-cosx)/x^2×lim_(x->0)x^3/(sin (2x)-2x) $, a questo punto come giustamente hai fatto, si riconosce il limite notevole $lim_(x->0)(1-cosx)/x^2=-1/2$ ed in ultimo sostituendo avremo $lim_(x->0)-1/2×lim_(x->0)x^3/(sin (2x)-2x) $, che da ancora una forma indeterminata $0/0$ , e che non può essere risolto con i limiti notevoli , ma solamente con Hopital od gli sviluppi in serie di Taylor oltre il termine di primo grado in $x $, in quanto nella differenza presente a denominatore $sin (2x)-2x $ si ha il coinvolgimento di termini successivi al primo grado, cioè in $x $, infatti $sin (2x)= 2x+4/3x^3+o (x^3) $ , dove con $o (x^3) $ si indicano tutti i termini infinitesimi, quindi tendenti a zero, superiori al terzo grado, e pertanto trascurabili in una somma , sostituendo avremo $-1/2×lim_(x->0)x^3/(2x-2x-4/3x^3) $ $=-1/2×lim_(x->0)x^3×(-3/(4x^3))=-1/2×(-3/4 )=3/8$
Scusa ma da quale libro hai tratto il testo di questo esercizio?
Perché se il testo dicesse che il valore di tale limite esiste ed è finito, allora si potrebbe dimostrare semplicemente ricorrendo alle formule di triplicazione del seno, ed con l'uso del limite notevole $lim_(x->0)sinx/x=1$ senza Hopital o Taylor.
"Anche una sola ingiustizia minaccia la giustizia di tutti."
"Martin Luther King"