13/11/2019, 11:24
Mathita ha scritto:... E se decidessimo di non usare De l'Hopital?
Nota: non ho ancora tentato di risolvere il problema senza il teorema del Marchese e non sono sicuro che si possa trovare una strategia elegante bypassandolo.
gugo82 ha scritto:[...] Poco importa (ed è questo il punto dell’esercizio): il teorema del marchese vale sempre quando il denominatore tende ad $+- oo$.
13/11/2019, 11:48
13/11/2019, 12:51
Mathita ha scritto:Suppongo che in qualche modo si possa riciclare la tua dimostrazione aggiungendo e sottraendo $f(0)$
13/11/2019, 13:16
13/11/2019, 13:46
13/11/2019, 14:03
Mathita ha scritto:@Dissonance.Testo nascosto, fai click qui per vederloPensavo a qualcosa del genere:
$x\int_{x}^{1}\frac{f(t)}{t^2}dt=x\left(\int_{x}^{1}\frac{f(t)-f(0)+f(0)}{t^2}dt\right)=x\int_{x}^{1}\frac{f(t)-f(0)}{t^2}dt+xf(0)\int_{x}^{1}\frac{1}{t^2}dt$
Svolgo i calcoli
$x\int_{x}^{1}\frac{f(t)-f(0)}{t^2}dt+f(0)(1-x)$
Per $x\to 0^{+}, f(0)(1-x)\to f(0)$ e per raggiungere la tesi "basta" far vedere che $x\int_{x}^{1}\frac{f(t)-f(0)}{t^2}dt$ è infinitesimo per $x\to 0^{+}$.
Per ogni $x\in (0,1]$ si ha che
$0\le |x\int_{x}^{1}\frac{f(t)-f(0)}{t^2}dt|\le x\int_{x}^{1}\frac{|f(t)-f(0)|}{t^2}dt$
Pongo $g(t)=|f(t)-f(0)|$ e osservo che $g(0)=0$ e $g(t)$ è continua e non negativa: concludo riconducendomi alla risoluzione di obnoxious.
Regge secondo voi?
13/11/2019, 14:28
Mathita ha scritto:@Dissonance.Testo nascosto, fai click qui per vederloPensavo a qualcosa del genere:
$x\int_{x}^{1}\frac{f(t)}{t^2}dt=x\left(\int_{x}^{1}\frac{f(t)-f(0)+f(0)}{t^2}dt\right)=x\int_{x}^{1}\frac{f(t)-f(0)}{t^2}dt+xf(0)\int_{x}^{1}\frac{1}{t^2}dt$
Svolgo i calcoli
$x\int_{x}^{1}\frac{f(t)-f(0)}{t^2}dt+f(0)(1-x)$
Per $x\to 0^{+}, f(0)(1-x)\to f(0)$ e per raggiungere la tesi "basta" far vedere che $x\int_{x}^{1}\frac{f(t)-f(0)}{t^2}dt$ è infinitesimo per $x\to 0^{+}$.
Per ogni $x\in (0,1]$ si ha che
$0\le |x\int_{x}^{1}\frac{f(t)-f(0)}{t^2}dt|\le x\int_{x}^{1}\frac{|f(t)-f(0)|}{t^2}dt$
Pongo $g(t)=|f(t)-f(0)|$ e osservo che $g(0)=0$ e $g(t)$ è continua e non negativa: concludo riconducendomi alla risoluzione di obnoxious.
Regge secondo voi?
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