Non mi sono chiari alcuni punti della dimostrazione, potete chiarirmeli?
$A_6$ ha due classi di elementi di ordine 3 : $T=[(a b c)]$ e $S=[(abc)(def)]$ (ok, mi trovo).
Se ho un automorfismo di $A_6$ questo mi trasforma 3-cicli in 3-cicli (ok , mi trovo visto che gli automorfismi conservano la struttura ciclica).
Ora se L è un sottogruppo di $Aut(A_6)$ allora questo sottogruppo ha sicuramente indice 1 o 2 (perchè?, perchè è T o S?, è giusto?)
Ma, sappiamo che per ogni automorfismo di $A_n$ con $n>=5$ esiste una permutazione tale che l'automorfismo in questione è uguale alla restrizione dell'automorfismo interno indotto dalla permutazione al gruppo alterno (ok, mi trovo, sono 3 pagine di dimostrazione di un teorema), quindi $|AutA_6:S_6|=1 o 2$ (perchè?)
Costruiamo un automorfismo esterno di $S_6$. Poniamo $S_6=G$.
Sia $H=G_a$ il sottogruppo fissato da a. Allora $|G:H|=6$. Allora $|G:H|=6$ (perchè?).
Consideriamo $S_5$. Questo gruppo contiene sei 5-sottogruppi di Sylow che vengono permutati mediante coniugio(perchè?)
Visto che $A_5$ è l'unico sottogruppo normale proprio di $S_5$, possiamo dire che questa rappresentazione è corretta. Dunque $S_5$ è isomorfo ad un sottogruppo $K$ di $S_6$. Allora $|G:K|=6$ (perchè?)
ma K è diverso da ogni sottogruppo fissato da un elemento b visto che non possiamo avere in $S_5$ un sottogruppo normale $5-Sylow$ (segue dal fatto che l'unico sottogruppo normale non banale di $S_n$ è $A_n$?).
Siano $ {x_i} $ e $ {y_i} $ rispettivamente l'insieme dei laterali destri rappresentanti di $H$ e $K$.
G permuta i laterali H e K mediante le seguenti due applicazioni:
$\alpha : g \rarr ( ( Hx_1 , ... , Hx_6 ),( Hx_1g , ... , Hx_6g )$ e $ \beta : g \rarr ( ( y_1 , ... , Ky_6 ),( Ky_1g , ... , Ky_6g ) $
Possiamo allora costruire una funzione $\tau=\alpha \gamma \beta ^(-1)$ dove $\gamma$ scambia i laterali.
Se $x_1=y_1=1$ allora H viene trasformato mediante $\tau$ in K, quindi $\tau$ non è interno e H e K non sono coniugati.
$A_6$ è caratteristico in G e quindi $\tau$ ristretto ad $A_6$ è un automorfismo.
Se tale restrizione è uguale ad un automorfismo interno indotto da una permutazione ristretto ad $A_6$, allora:
$ (H nn A_6)^(g) =(K nn A_6) $ (segue dal fatto che $\tau$ fissa $A_6$ e manda H in K?)
, ciò mostra che ci sono sottogruppi normali (perchè) in $A_5$ non banali, assurdo.