Credo che la risposta di @edoardo12345 sia già sufficientemente chiara in ogni caso vediamo di riscrivere in modo più "formale" la serie di Laurent. Dunque, scrivendo la serie di MacLaurin di :
\(\displaystyle e^{-1/z} = \sum_{n=0}^{\infty} \frac{(-1)^n}{n!\;z^n} \)
\(\displaystyle sin\left(\frac{1}{z}\right) = \sum_{n=0}^{\infty} \frac{(-1)^n}{(2n+1)!\;z^{2n+1}} \)
Effetuando il prodotto di Cauchy delle due serie otteniamo :
\(\displaystyle e^{-1/z} \cdot sin\left(\frac{1}{z}\right) = \sum_{n=0}^{\infty} \sum_{k=0}^{n} \frac{(-1)^n}{k! \;(2n-2k+1)! \;z^{2n-k+1}} \)
adesso, queste due serie possono essere viste (in campo informatico) come due cicli for nested ovvero :
- Codice:
for (int n = 0; n < ... ; n++)
for (int k = 0; k < n; k++)
questo che significa? fissiamo il primo indice (ovvero \(\displaystyle n = 0 \)) e facciamo variare \(\displaystyle k \) da \(\displaystyle 0 \) a \(\displaystyle n \), e così via per tutti gli altri \(\displaystyle n \)...Quindi :
- per \(\displaystyle n=0 \) si ha che \(\displaystyle k \) assume solo il valore \(\displaystyle 0 \) (perchè la somma dovrebbe variare da \(\displaystyle 0 \) a \(\displaystyle 0 \). In tal caso per \(\displaystyle n=0,k=0 \) si ottiene :
\(\displaystyle \frac{1}{z} \)
- per \(\displaystyle n=1 \) si ha che \(\displaystyle k \) assume i valori \(\displaystyle 0,1 \) e si ottiene :
\(\displaystyle - \frac{1}{6z^3} - \frac{1}{z^2} \)
- per \(\displaystyle n=2 \) si ha che \(\displaystyle k \) assume i valori \(\displaystyle 0,1,2 \) e si ottiene :
\(\displaystyle \frac{1}{120z^5} - \frac{1}{6z^4} + \frac{1}{2z^3} \)
- e così via...
adesso, ricordando che \(\displaystyle z=0 \) è una singolarità essenziale (dalla teoria) ci aspettiamo che tale somma abbia infiniti termini con esponente negativo quindi procederà indefinitamente in modo simile a quello appena visto. Da qui ci rendiamo conto che l'unico termine con esponente negativo e grado unitario (il termine \(\displaystyle c_{-1} \) è per forza di cose quello calcolato per \(\displaystyle n=0,k=0 \) e da qui il coefficiente \(\displaystyle 1 \).
Facendo un piccolo ragionamento (con i piedi) era evidente osservando l'esponente di \(\displaystyle z \), infatti , dato che siamo alla ricerca del termine \(\displaystyle z^{-1} \) notiamo che :
\(\displaystyle \frac{1}{z^{2n-k+1}} = \frac{1}{z} \;\;\; \rightarrow \;\;\; z^{-2n+k-1} = z^{-1} \)
quindi deve essere :
\(\displaystyle -2n+k-1=-1 \;\;\;\rightarrow \;\;\; k=2n \)
ma la sommatoria di \(\displaystyle k \) varia solo da \(\displaystyle 0 \) a \(\displaystyle n \) quindi l'unico valore che soddisfa quella uguaglianza si ha per \(\displaystyle n=0,k=0 \).